probleme mecanica 2 itul
TRANSCRIPT
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
1/42
TIBERIU-PAVEL ITUL NICOLAE HAIDUC
MECANICA II
DINAMICA
PROBLEME REZOLVATE
CLUJ-NAPOCA, 2012
Ox0
x
r
z
M
mg
N
Fjc
Fjtac
at
P( )1P( )2
r
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
2/42
O bar (d) se rotete n jurul articulaiei cilindriceO cu viteza unghiular constat . Pe bar sedeplaseaz cursorulMcu viteza constant u .
1
S se determine viteza i acceleraia absolut apunctului M, precum i ecuaiile parametrice aletraiectoriei sale absolute.
-------------------------------------------------Se identific micarea absolut, relativi de transport conform definiiilor
acestora, se ntocmete schema vitezelori acceleraiilori se utilizeaz legilelor de compunere.
a) pentru viteze:tra vvv +=
unde
uv r = , tuxv t == .Rezult
( )2tu + 222 uvvv tra =+=
221 tuv a += .b) pentru acceleraii:
ctra aaaa ++= unde
0=ra deoarece ctv r = ,2 tuxa t ==
2 deoarece ct= ,uva rc == 22 .
Rezult
( ) ( )22222
2 utuaaa cta +=+= 224 tua a += .
Pentru a obine ecuaiile parametrice ale traiectoriei absolute se nregistreazpoziia punctului n sistemul fix i se exprim coordonatele ca funcii de timp:
= cosxx
= sin1
1
xy.
Deoarece, conform legii micrii circulare uniforme,t= ,rezult ecuaiile parametrice ale traiectoriei absolute n coordonate carteziene:
==
ttuy
ttux
sin
cos
1
1 .
M
O
(d)
0
u
Ecuaia traiectoriei absolute se gsete prin eliminarea timpului ntreecuaiile parametrice.
Obs. n cazul de fa, o variant mai elegant pentru determinareatraiectoriei absolute const n utilizarea ecuaiilor parametrice de micare ncoordonate polare de forma
==
)(
)(
t
trr
,
unde:- r-raza polar;--unghiul polar.
M
(d)xu
t
x1
y1
O
0
r u=
a
t
a t
aa
ac
tr.detransport
tr.ab
solu
ta
tr.rel
ativa
Rezult
=
==t
tuxr
.Eliminnd timpul ntre cele dou ecuaii se obine ecuaia traiectoriei absoluten coordonate polare
= ur ,
sau sub forma=kr
reprezentnd o spiral arhimedic n coordonate polare.
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
3/42
2
S se calculeze lucrul mecanic efectuat n timpde o perioad de o for ( )+= tFF sin0 , ceacioneaz asupra unui punct material care are o
micare definit de legea txx sin0 = .----------------------------------------------------------------------------------
Se utilizeazrelaia de definiie a lucrului mecanic elementar:
dzFdyFdxFrdFdL zyx ++== .
Micarea este rectilinie, oscilatorie armonic. n expresia lucrului mecanicelementar, avem deci:
( ) += tFFx sin0 ; ;0=yF 0=zF ,
iardttxdx = cos0 .
Rezult( ) dtttxFdl += cossin00
Perioada micrii oscilatorii armonice este
= 2T
unde reprezint pulsaia. Prin urmare, lucrul mecanic finit efectuat de foraF n timpul unei perioade se obine prin integrare
( ) ( )
+=+=
2
000
2
000 cossincoscoscossincossin dtttttxFdtttxFL
+=
2
0
2
2
0
00 cossincossincos dttdtttxFL
++
=
2
0
2
02
00 22cos1sinsin
21cos dtttxFL
=
+=
sin2sin21
21
21sin 00
2
0
2
000 xFttxFL
sin00 = xFL .
Un tub este ndoit n forma unui cerc de ecuaie22 . n tub se mic o bil sub aciunea
unei fore avnd proieciile: i
2 ayx =+
O
A
B
r
FFy
Fx
O
x
t(M )
F
2ykx =F
yxkFy = , kfiind o constant.S se determine lucrul mecanic al forei cnd bilase deplaseaz ntre puncteleA(0,a)iB(a,0).
--------------------------------------------------------------Se utilizeazrelaia de definiie a lucrului mecanic elementar:
dzFdyFdxFrdFdL zyx ++== .
Rezult:dyyxkdxykdyFdxFdL yx +=+=
2
unde222 xay =
iar din022 =+ dyydxx
se obine
dxxdyy = .Astfel urmeaz:
) dxxkdxakdxxkdxxakdL == 22222 2
==a a
BAa
kakdxxkdxakL0 0
3322
322
3
31
akL BA =
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
4/42
O greutate G aezat pe un resortface ca acesta s se deformeze cu .Care va fi comprimarea maxim aresortului d n cazul n care aceeai
greutate este lsat s cad liber, frvitez iniial, de la nlimea h? Foraelastic din resort este proporional cucomprimarea.
0d
3
----------------------------------------------------------Se aplic teorema de variaie a energiei cinetice sub forma finit ntre
poziiile (0), (1) i (2)
1001 CC = LEE , 2112 = LEE CC unde 020 == CC EE
hGEC
deoarece n poziia (0)sistemul se afl n repaus, iar n poziia (2)viteza greutii este nul.Rezult astfel:
=1FdGE
emedC
,d=
1 .Fora elastic variaz liniar cu deformaia(factorul de proporionalitate fiind constanta elastic a arcului k), de la valoarea0 n poziia (1) la valoarea F n poziia (2). Rezultmaxe
dkF+0
Femed == 21
2max .
Prin urmare,
ddkdGEC = 2
11
Constanta elastic k se determin din condiia precizat n enun, conformcreia sub greutatea G arcul se deformeaz cu d :0
0d
Gk= .
Rezult astfel2
02
1d
d
GdGhG +=
sau022 00
2 = dhddd .Rdcinile acestei ecuaii de gradul doi n dsunt
+=0
02,1211d
hdd .
h
d
G
G
d0 Deoarece 121
0
>+d
h , soluia care convine este
++=00
211d
hdd
Obs. Se constat c pentru 0=h ( adic greutatea este lsat s cad brusc
chiar de pe captul arcului), rezult 2 dd 0= .
h
d
0
1
2
G
Femax
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
5/42
O bar omogen de lungime l i greutate G se poateroti n jurul captului su O, ntr-un plan vertical. Bara
pornete din repaus, dintr-o poziie dat de unghiul .
4
S se determine viteza unghiual a barei n m eom ntuln care bara trece prin poziia vertical.
--------------------------------------------------------------------Se aplic teorema de variaie a energiei cinetice sub
forma finit:2112 =EE LCC
unde deoarecesistemul pleac din repaus i astfel rezult
01 =CE
212 =LEC
unde:2
2
321
= lg
G202
21
= JEC ,
= cos22
21ll
GL .
Egalnd cele dou expresii se obine
( )cos12
32
1 2 = Gg
2 llG
de unde
( ) cos13
=l
g
S se determine reculul x al unei arme de foc, dac se neglijeaz frecrile.Se cunosc masaMa armei i poziia
centrului su de greutate, masa m a
glonuluii poziia d a acestuia naintede a apsa pe trgaci, precum ilungimea la evii armei.
O
d
C10
C20
Mgmg
-----------------------------------------------Se aplic teorema de variaie a impulsului sub forma teoremei micrii
centrului maselor
l/2cos
l/2
l
G
H
V
2
1
O
d
A
B
A
B
xx +d
C0 C20
C10
C10 C
C20
mgMg
Mgmg
(M+m)g
NA
NB
x 0 x
x
( ) BAC NNgm +++
Ox
gMamM =+
Prin scalarizare pe axa ,deoarece toate forele suntverticale, n acest caz, se obine
( ) 0=+ .C&&
C&&
1C&
21 CtCx C +
xmM
Rezult c ecuaia diferenialscalar de micare pe axa Ox este
0=x .
Prin integrare succesiv rezultCx = ,
.=Constantele de integrare se determin din condiiile iniiale, la momentul0=t avnd xx 0CC = i 0=Cx ; rezult 0& 1 =C i xC 02 C= . Se obine astfel
legea de micare a centrului maselorx ctxCC == 0 .
Dac centrul maselor rmne pe loc, problema revine la a calcula poziiaacestuia n cele dou stri ale sistemului:
- n poziia iniial:
mM
dmMx C +
+= 0 ;
- n poziia final:( ) ( )
mM
xdlmxMx C
+
++= .
Egalnd cele dou expresii se obine mrimea x a reculului:
Mm
mlx
+=
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
6/42
O roat de razr, care se rotete cu viteza unghiular 0 constant n jurulaxei Oz perpendicular pe planul roii, esteapsat de un sabot de frn cu fora radialF. Dup timpul roata se oprete datoritfrecrii.
1t
5
S se determine valoarea coeficientului defrecare dintre sabot i roati numrul derotaii pe care l face roata pn la oprire.Momentul de inerie al roii n raport cu axade rotaie esteJ.----------------------------------------------------------------------------------------
Se izoleaz roata i se aplic teorema de variaie a energiei cinetice subform elementar
extC dLdE = .
unde:2
21
= JEC
dJdEC = ,
iar lucrul mecanic elementar este efectuatnumai de ctre fora de frecare T : drFdL
ext = .Se obine astfel
drFdJ = dt:
dt
drF
dt
dJ
= .
Deoarece =dtd , iar =
dtd , rezult ecuaia diferenial de micare a roii
ActJ
rF==
==
&& .
Micarea este, deci, uniform ncetinit. Prin integrare succesiv avem:CtA +== 1& ,
21
2
2CtC
tA ++= .
Constantele de integrare se determin din condiiile iniiale, la momentul0t avnd 0== i 0=
0 +== tA& ,
ttA += 0
2
2
n momentul opririi 1tt= i 0= , deci exist relaia0
r
O F
J
0
01 += tA de unde se gsete
1
0
trF
J
=
.
Unghiul la care se oprete roata dup timpul 1tt= este 1=
ntttA
==+
= 221
2 1010
21
1 .
Din ultima egalitate rezult numrul de rotaii al roii pn la oprire
t
=
410n
r
O
d
N=F
T
G
R
Observaie
Pentru determinarea acceleraiei unghiulare a roii se putea aplica i teoremade variaie a momentului cinetic fa de axa de rotaie:
ext&
& ; rezult 01 =C i 02 =C . Se obine astfel vitezaunghiulari legea de micare a roii:
OO MK = ,
adic rFJ =
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
7/42
Un disc omogen orizontal, avnd masaMi razaR, aflat n repaus, se poate
roti fr frecare n jurul axeisale verticale de simetrie. Laun moment dat, pecircumferina discului ncepe
s se deplaseze, cu vitezarelativ constant u, un punctmaterial de masm.
6
S se determine viteza unghiular a discului.-----------------------------------------------------------
Se aplicteorema momentului cinetic n raport cu axa de rotaie
K =M& .
Deoarece toate forele ceacioneaz discul sunt fieparalele cu axa de rotaie, fie ointersecteaz, rezult c
0=M .Prin urmare, n raport cu
aceast ax momentul cinetic se conserv=KK0 .
Deoarece sistemul pleac din repaus, momentul cinetic iniial este nul00 =K .
n timpul micrii momentul cinetic este format dinpunctdisc KKK += .
Se consider pentru viteza unghiular a discului un sens de rotaie ca n figuri rezult:
== 2
2
RMJKdisc ,
( ) ( )RumRvvmRvmRK trapunct +=+== ,
02
22
=++ RmuRmRM .
Se obine astfel
( )mMRum
+
= 22
Obs. Semnul (-) arat c discul se rotete n sens contrar celui considerat
iniial, adic n sens orar.
O barc de lungime l i masM seafl n repaus avnd captul A lipit dedebarcader. n mijlocul brcii se afl,tot n repaus, un om cu masa m.
A B
/2
R
uS se determine cu ct se deplaseaz
barca atunci cnd omul se deplaseaz ncaptul A, dac se neglijeaz frecrile.-----------------------------------------------
Se aplic teorema de variaie a impulsului sub forma teoremei micriicentrului maselor
( ) NgmgMC ++
Ox
deoarece toate for
amM =+ Prin scalarizare pe axa ,
ele sunt verticale,n acest caz, se obine
( ) 0=+ C&&
C&&
1Cx C =& ,21 CtCx C +
xmM .
Rezult c ecuaia diferenialscalar de micare pe axa Ox este
0=x .
Prin integrare succesiv rezult
= .Constantele de integrare se
determin din condiiile iniiale, la
momentul 0=t avnd20l
i ; rezult
xx CC ==
0=Cx&
01 =C i 22l
C = . Se obine astfel legea de micare acentrului maselor
A B
A B
C
C
C
C
C
C
x
x
x x /2
N
Mg
mg0
10
20
10
20
mg
Mg(M+m)g
0R
O
C
mgMg
r
t
Ru=
ctl
x C == 2.
Dac centrul maselor rmne pe loc, problema revine la a calcula poziiaacestuia n starea final:
22 l
Mm
lxMxm
x C =+
++
=
de undeMm
mlx
+=
2.
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
8/42
7
Un punct material este lansat din punctul fix O, n aer i n plan
vertical cu viteza iniial
)(mM
0v nclinat sub
unghiul fa de orizontal.Considernd rezistena aerului
proporional cu viteza vmkR a = , s se
determine:a) ecuaiile parametrice de micare;b) ecuaia cartezian a traiectoriei;c) coordonatele punctului D de nlime maxim.
------------------------------------------------------Fora de rezisten a aerului este tangent la traiectorie i are sensul invers
vectorului vitez. Se aplic ecuaiafundamental a dinamicii micrii absolute
Ram = ,unde R reprezint rezultanta forelor ceacioneaz punctul, adic:
ga mRam += ,gmvmkam += .
Deoarecejyixr +=&&a = &&&& ;
jyixrv +== &&& ;jgg = ,
prin scalarizarea ecuaiei fundamentale se obin ecuaiile difereniale scalare demicare:
==
gmymkym
xmkxm&&&
&&&
sau
=+
=+gyky
xkx&&&
&&& 0 .
care se integreaz separat. Ecuaia caracteristic este02 =+ k
i are soluiile: 01 = ; k=2 . Soluiile generale ale ecuaiilor difereniale demicare sunt:
+=
+=
tk
geCCy
eCCx
tk
tk
43
21
.
Prin derivarea lor n raport cu timpul se obin componentele vitezei punctului,sub forma general:
m,t(M )
O
yD
xD
D
0
=
=
k
gekCy
ekCx
tk
tk
4
2
&
&
.
Constantele de integrare se determin din condiiile iniiale. La momentul
avnd respectiv = cosvx
, rezult:
0=t
==
00
yx
= sin0
0
vy&
&
+=+==
==
2
0043
021
sin1)sin(
cos
k
vkg
kk
gvCC
k
vCC
.
M
O
yD
xD
D
FC
mg
Ra
0
m,t( ) Se obin astfel ecuaiile parametrice de micare ale punctului material:
( )
( )
+
=
=
tk
ge
k
vkgy
ek
x
tk
tk
1sin
1
2
0
0
v cos
,
respectiv componentele de vitez:
+=
=
kge
kvkgy
evx
tk
tk
sin
cos
0
0
&
&
.
Traiectoria de micare se obine eliminnd timpul ntre ecuaiile parametrice
cos1
0 =
ve tk
xk
cos11
0 ==
v
xk
ee
tk
tk
cos1
1
0 =
v
xke
tk
=
=
cos1ln1ln
cos1
1ln1
0
0
v
xk
v
xkkt
+
+=
cos1ln1
cos
sin
002
0
v
xk
kk
g
v
xk
k
vkgy
+
+=
cos1ln
cos 020 vxk
k
g
vk
xgtgxy
Timpul necesar deplasrii punctului dinA nD (punctul de nlime maxim)
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
9/42
se determin din condiia ca 0=y& .
0sin0 =
+=
k
ge
k
vkgy D
tkD
&
sin1
0 +==
vkg
g
ee
D
D
tk
tk
g
vkg
eDtk
sin0 +
=
g
vkg
ktD
sinln1 0
+= .
Cu acest rezultat introdus n ecuaiile parametrice de micare se deduccoordonatele punctului de nlime maxim:
( )
+
=
=
=
g
vkgk
v
ek
v
ek
v
x DD tk
tkD
sin1
1
cos11
cos
1
cos
0
000
;
sin
sincos
sin
sincos
sin1
cos
0
00
0
00
0
0
+
=
+
+
=
+
=
vkg
vk
k
v
vkg
gvkg
k
v
vkg
g
k
vxD
sin
cossin
0
20
+
=
vkg
vxD .
( ) DtkDtk
D tk
g
ek
vkgt
k
ge
k
vkgy
D
D
+=
+=
11sin
1sin
2
0
2
0 ;
g
vkg
kk
g
g
vkgk
vkgyD
sinln1
sin11
sin 0
02
0 +
+
+= ;
gvkg
kg
vkggvkg
kvkgyD
sinln
sinsinsin 02
0
020 ++ ++=
g
vkg
k
g
k
vyD
sinln
sin 02
0 +
=
Obs. Traiectoria prezint o asimptot vertical a crei ecuaie se deducefcnd t n ecuaiile parametrice de micare i rezult:
k
vxx F
cos0 == .
8
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
10/42
Un punct material M de mas m estelansat de pe suprafaa din figur avnd raza
R cu viteza iniial orizontal 0v .
S se determine valoarea vitezeipunctului ntr-o poziie dat de unghiul iunghiul sub care punctul prsetesuprafaa, dac se neglijeaz frecarea.
9
-------------------------------------------------Se izoleaz punctul i se proiecteaz pe axele sistemului intrinsec n care
viteza v i reaciunea normal N suntevideniate direct. Traiectoria fiind binedefinit, se poate determina viteza cafuncie de . Dat fiind c ( )t= , se
obine ( )vv= , adic ( )tvv= .Se utilizeaz ecuaia fundamental a
dinamiciiRrm = &&
care se proiecteaz pe axele sistemului ales:
=
=
NgmRvm
gmdt
dvm
cos
sin
2
.
Prima ecuaie se nmulete cu d
dgdt
dv = sin
dgdvdt
d= sin
unde Rvdtd
==
& .Rezult dRgdvv = sin
= dRgdvv sin
CRgv += cos2
2
Constanta de integrare se determin din condiiile iniiale privind pozitia i
viteza, la momentul
C
0=t avnd . Rezult == 0
0vv
Rgv
2
cu care se
obine expresia vitezei punctului
( )cos1220 += Rgvv .
R
m,t(M )
0
M
O
Condiia de desprindere este ca reaciunea normal N s se anuleze,moment la care unghiul se noteaz cu , iar viteza are valoarea
( )cos12201 += Rgvv .
Din a doua ecuaie, punnd condiia 0=N i nlocuind = , rezult:
( ) cos12cos 201 +== RgvRgv
de unde seobine unghiul de desprindere :
Rg
v
+=
332cos
20
.
R m,t(M )
mg
0
1
M
O
N
Obs.1. Pentru obinerea vitezei se poate aplica i teorema energiei cinetice nform finit
C += 20
2112 = LEE CC
unde: ( )20212 21
vvmEE CC = ,
( )cos121 = RgmL .Egalnd cele dou expresii rezult aceeairelaie a vitezei punctului.
Pentru a determina unghiul de
desprindere , este necesar s se scrie ecuaia diferenial de micare pedirecia normalei principale n care s fie impus condiia 0=N .Obs.2.Se poate utiliza, de asemenea, teorema momentului cinetic pentru
obinerea vitezei
OO MK =& ,
unde kRvmKO = ,
kdt
dvRmK
O
=& ,
iar momentul rezultant este dat de forade greutate
kRgmO = sinM .Egalnd cele dou expresii conform teoremei, se ajunge la aceeai ecuaiediferenial
sin=g
dt
dv ,
dup care se continu pe calea prezentat anterior.
R m,t(M )
mg
0
M2
1
O
R m,t(M )
mg
0
M
O
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
11/42
Un punct M de mas m descrie un cerc de razR cu centrul n , subaciunea unei fore centrale avnd polul situate
pe cerc n punctul O.
1O
10
Cunoscnd viteza iniial Ov a punctului n
poziia A, diametral opus polului O, s sedetermine:
a) expresia forei centrale n funcie de razapolar;
b) viteza punctului n funcie de razapolar.
-------------------------------------------------------Se utilizeaz ecuaia lui Binet care rezolv
determinarea, sub form explicit, a ecuaiei
traiectoriei punctului material aflat n micarecentral, n coordonate polare:
222 uCmu
d =+
2 Fud ,
unde:- u este o notaie reprezentnd
inversul razei polare
r
u =
-1 ;
reprezint unghiul polar;- F reprezint fora central sub
aciunea creia se mic;- m reprezint masa punctului;- Creprezint constanta ariilor.
a) n cazul de fa, traiectoria n coordonate polare sub form explicit( )rr poate fi definit, constanta ariilorCse poate determina din condiiile
iniiale date n enun, masa m constituie dat de intrare i astfel poate ficalculat fora centralFsub aciunea creia se mic punctul.
=
- ecuaia polar a traiectoriei:
sin2 == ROMr , sin2
11
==Rr
u .
Urmez:
2sin
cos
2
1
=Rd
du
,
3
2
2
2
sin
cos1
21 +
=Rd
ud ;
- constanta ariilor C reprezint modulul produsului vectorial vr i sedetermin cu relaia:
m,t(M )
O1
A
R
O
0
F
000 sin= vrC
unde condiiile iniiale (n punctual A) la momentul 20 = sunt: ;Rr = 20
20 = . Prin urmare,
02 vRC = .Din ecuaia lui Binet rezult fora central:
+= u
d
uduCmF
2
222
5
20
432
r
vRmF
=
m,t(M )r
O1
A
R
0
0
0
O
F
Obs.Semnul (-) arat c for central este de atracie.
b) n micarea central, componentele vitezei raportate la un sistem decoordonate polare, sunt:
d
duC
rd
dCrvR =
== 1& ; uC
rCrvN ===
1& .
Rezult:
22
202
2
sin21
sin
cos
212
+
=+
=
RRvRu
d
duCv
2
024
r
vRv
= .
[ ]
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
12/42
La ce altitudine trebuie plasat i ce vitez trebuie s aib un satelitgeostaionar?-------------------------------------------------------------------------------------
Un satelit geostaionar se afl plasat pe o orbit circular, situat n planulecuatorial al Pmntului, la oaltitudine h i are viteza
unghiular egal cu vitezaunghiular a Pmntului.
11
Se utilizeaz ecuaiafundamental a dinamicii micriiabsolute
Fam = ,unde m reprezint masa satelituluice se mic cu acceleraia a subaciunea unei fore F,
considerat a fi fora de atracie universal. Aceasta prezint expresia
( )2hR
MmkF =
- k constanta atraciei universale;+
,
n care:
- M masa Pmntului;- R raza Pmntului;- h altitudinea la care este plasat satelitul.
Viteza satelitului va fi( )hRv S += .
Proiecia ecuaiei fundamentale pe direcia normalei principale a unui sistemintrinsec de coordonate este:
Fam =
sau
( ) 2
2
hR
Mmk
hR
vm
S
+
=+
.
nlocuind expresia lui , rezult nlimea h la care trebuie plasat satelitulSv
RMk
h = 32
.
Considernd valorile numerice- R=6378 km,
24- ,11
kgM 106=
10672,6 = kgmNk- ,22
- [ ][ ]sec360024
2 rad
= ,
rezult
kmh 924.35= , respectiv skmv S 076,3= .
O
S
R
h
ecuator
a S
F
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
13/42
Un satelit artificial se mic pe o orbit circular la nlilea h deasupraPmntului.
S se calculeze viteza i perioada de revoluie ale satelitului artificial.--------------------------------------------------------------------------------------
Se utilizeaz ecuaia lui Binet care rezolv determinarea, sub formexplicit, a ecuaiei traiectoriei punctului material aflat n micare central, n
coordonate polare:
12
222 uCmu
d =+
2 Fud ,
unde:- u este o notaie reprezentndinversul razei polare
ru =
-
1 ;
reprezint unghiul polar;- m reprezint masa satelitului;- Creprezint constanta ariilor.- F reprezint fora central subaciunea creia se mic satelitul,considerat a fi fora de atracieuniversal. Aceasta prezintexpresia
( )2hR
MmkF
+
= ,
n care:- k constanta atraciei universale;- M masa Pmntului;- R raza Pmntului;- h altitudinea la care este plasat satelitul.a) n cazul de faraza polarreste o mrime constant, deci
cthRr
u =+
== 11 .
Prin urmare,
0=d
du respectiv 02
2
=d
ud
i ecuaia lui Binet devine:
( )22
2
2
1
1
C
Mk
hRCm
hRMmk
hR
=
+
+
=+
,
de unde( )hRMkC += .
Constanta atraciei universale k se poate determina observnd c, lasuprafaa Pmntului unde h=0, fora de atracie este egal cu greutatea:
gmGF == ,greprezentnd acceleraia gravitaional. Prin urmare se poate scrie relaia:
gmR
Mmk = 2
O
S
r
R
h
F
de unde rezultgR
k
=2
.
nlocuind n expresia constantei ariilorC, se obine( )hRgRC += .
n micarea central, componentele vitezei raportate la un sistem decoordinate polare, sunt:
d
duC
rd
dCrvR =
== 1& ; uC
rCrvN ===
1& .
Rezult:
( )hR
hRgRuCuCud
duCv
++==+=+
= 10 22
2
hR
gRv
+= .
b) Perioada de revoluie reprezint timpul necesar pentru a parcurge ocircumferin. Viteza fiind constant, perioada va fi:
( )v
hRT
+=
2;
( )g
hR
RT
3
2+
= .
Obs. Perioada micrii de revoluie se poate calcula i pornind de ladefinirea constantei ariilor:
( )dt
dhRrC
+== 22 & .
Rezult( ) dhRdtC += 2 .
Prin integrare obinem
( )
+=
2
0
2
0
dhRdtT
C de unde,( ) ( )
g
hR
RC
hR32
222 +=+
=
T .
S d t i iiil d hilib l ti i
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
14/42
S se determine poziiile de echilibru relativ icorespunztor forele de legtur, ale unui punct materialgreu de masm, care poate aluneca fr frecare pe un cercde razR ce se rotete n jurul diametrului su verticalABcu viteza unghiular constant .
13
-----------------------------------------------------------------
n lipsa micrii relative ( 0=rv i 0=a ),r ecuaiafundamental a dinamicii micrii relative
jcjtr F+FRam +=
se transform n condiia de repaus relativ0=+FR jt
unde:( ) kgmNiN + cossingmNR =+= ,
iRm = sin2amF tjt =
+
cossinN
N
Scalariznd condiia de echilibru relativ se obinecuaiile:
==
00sin2
gm
Rm
.
Din a doua ecuaie se obine
cos
gm
N
= care se introduce n prima i rezult
0sinsincos
2 =+
Rmgm
( ) 0cossin 2 = gR .Pentru 0sin = rezult poziiile
01 = i =2 ,
iar pentru ,0cos2 = gR
R
g
=
24,3arccos
cu condiia ca 12
.
Corespunztor acestor poziii se obin reaciunile normale:
gmN =1 ; gmN =2 ;
R
ggmN
=
2
4,3
cos
B
A
R
m(M )
O
B
A
R
r
M
O
mg
FjtN
a t
U t t i l d t i t d l ti l C t t l d i t d t i di diiil i ii l l t l 0t
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
15/42
Un punct material greu de masm se poate mica ntre dou plane verticalelucii, foarte apropiate, care la rndul lor se rotesc cuviteza unghiular constant n jurul unei axeverticale situat n planul median al celor dou
plane.
14
Dac la momentul iniial punctul se afl n
repaus relativ n raport cu planele, la distana x , sse determine:
0
a) ecuaiile parametrice ale traiectoriei salerelative;
b) ecuaia cartezian a traiectoriei relative;c) reaciunea normal a planelor.
--------------------------------------------------------------------------------n prealabil se izoleaz punctul i se ntocmete schema forelor date, de
legturi de inerie ce acioneaz asupra lui,avnd n vedere relaiile de definiie cunoscute
pentru acceleraia de transport i acceleraiaCoriolis. Pentru sensul de rotaie considerat,
punctul apas asupra planului ( ) .1PSe utilizeaz ecuaia fundamental a
dinamicii micrii relative
jcjtr F+FRam += n care:
kzixa =r + &&&& ,
jNkgmNgmR +=+= ,
ixmamF tjt ==2 ,
( ) jxmkzixkmvmamF rcjc =+=== &&& 222 .
Scalariznd aceast ecuaie vectorial, se obin ecuaiile difereniale:2
==
=
gmzm
xmN
xmxm
&&
&
&&
20
x&&
.
Pentru prima ecuaie pus sub formax 02 =
ecuaia caracteristic este , de unde022 = =2,1 . Soluia ecuaiei
difereniale este decitt eCeCx += 21
tt eCeCx = 21& .
Constantele de integrare se determin din condiiile iniiale, la momentul
avnd =xx
. Rezult
0=t
=0
0
x& 20
21x
CC == cu care se obine legea de micare i
componenta de vitez dup axa Ox:O
x0
P( )1P( )2
m,t(M )
tchxx = 0 ,
.tshxx = 0&
Din a doua ecuaie diferenial rezult reaciunea normaltshxmN = 0
22 .Cea de a treia ecuaie diferenial, prin integrare,conduce la
Ctgz 3+= ,&
43
2
2CtC
tgz ++
= .
Constantele de integrare se determin din condiiile iniiale, la momentulavnd = 0z . Rezult
0=t
Ox
0
x
rz
M
mg
N
Fjc
Fjtac
a t
P( )1P( )2
r
= 0z&043 ==CC cu care se obine legea de micare dup axa
Oz:
2
2tgz
= .
Prin eliminarea timpului ntre cele dou ecuaii parametrice de micare se
obine ecuaia cartezian a traiectoriei:
=g
zchxx
20 .
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
16/42
Se consider sistemul din figur compus din bara omogen AB de lungime 2l c) Relaia de mai sus se nmulete cu d i se integreaz:
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
17/42
Se consider sistemul din figur compus din bara omogenAB de lungime 2li mas mM =3 i punctele materiale A i B de mase egale mmm BA == .Sistemul pleac din repaus din poziia definit de unghiul , sub aciuneagreutii sale.
S se determine:
16
a)momentul de inerie mecanic al sistemului nraport cu centrul de mas al acestuia;
b)ecuaia diferenial a micrii sistemului nfuncie de parametrul ;
c)viteza unghiular &= n funcie de unghiul ;d)valoarea unghiului pentru care bara se
desprinde de pe peretele vertical.-------------------------------------------------------------------
a) Se nsumeaz momentele de inerie pentru cele trei elemente componenteale sistemului material i rezult( ) ( ) 2
222
2
212
23
12
2lm
lmlmlm
lMJ BAC +
=++
=
23 lmJ C = .b) Se izoleaz sistemul i se ntocmete
schema forelor date, i de legtur ce
acioneaz asupra lui. Se aleg sistemele dereferin ca n figur, astfel nct axele Cxi Cyale sistemului mobil reprezint axe principale i
centrale de inerie. n aceste condiiisistemul de ecuaii difereniale scalare demicare plan este:
==
=
cossin
55
5
1
1
lNlNJ
gmNym
Nxm
ABC
BC
AC
&&
&&
&&
.
Conform figurii, se exprim coordonatele centrului de greutate al barei nfuncie de unghiul de micare i se deriveaz succesiv n raport cu timpul:
==
cos
sin
1
1
ly
lx
C
C ; ; .
==
sin
cos
1
1
&&
&&
ly
lx
C
C
=
=
cossin
sincos2
1
21
&&&&&
&&&&&
lly
llx
C
C
Cu ajutorul acestor expresii, se exprim reaciunile normale n puncteleAiB din primele dou ecuaii difereniale de micare i se nlocuiesc n cea de a
treia. Astfel se obine ecuaia diferenial a micrii sistemului n funcie deparametrul :
0sin85 =
l
g&& .
c) Relaia de mai sus se nmulete cu d i se integreaz:
dl
gd
dt
d= sin
85& ;
dl
gd = sin
85 ;
2
B
A
C
l
g+= cos
4
52 .
Constanta de integrare se determin din condiiile iniiale, la momentul
avnd . Rezult
0=t
==
0
cos45 =
l
gC , cu care se obine viteza unghiular
&= n funcie de unghiul :
( ) coscos2
5=
l
g.
d) Condiia de desprindere este ca 0=AN , de unde rezult:01 =Cx&&
5mg
A
B
C
x C1
yC1
O1
NA
NB
adic sincos 2 = &&& ll ,
( ) sincoscos45cossin
85 =
l
g
l
g,
coscoscos21
= ,
= cos
32arccos .
Pentru sistemul de corpuri din figur se cunoate: - (3) execut o micare de translaie rectilinie cu viteza vv =
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
18/42
Pentru sistemul de corpuri din figur se cunoate:- corpul (1) este articulat cilindric n O, are masa MM = 4
21 10 RMJ O =
- corpul (2) este un disc omogen de raz Rr1 i momentul de
inerie mecanic n raport cu punctul O, ;
17
= 22 i mas MM =2 , articulatcilindric n Cde corpul (3) i este legat prin intermediul unei transmisii cu firde corpul (1);- corpul (3) are masa MM =3 i poate aluneca cu frecare pe o suprafaorizontal, coeficientulfrecrii de alunecare fiind .
Considernd corpul (1)acionat de un cuplu
RgMM , s se
determine acceleraia corpului(3) i tensiunile n cele douramuri ale firului.
O = 4
--------------------------------------------------------------------------Se izoleaz corpurile ca n figur, se introduc forele date i de legtur
exterioare i interioare alesistemului, dup care seutilizeaz teorema micriicentrului de masi teoremamomentului cinetic, separat
pentru corpul (1), respectivpentru corpurile (2) i (3)mpreun.
RaM C = ; OO MK =&
.-corpul 1- -corpurile 2-3
+= HSS0 += TSSaM2
+==
RSRSMJ
gMV
OO 3
40
1211
21
==
RSRSJ
NgM
C 22
20
2122
213
; .
Sistemul prezint un singur grad de libertate i legtura ntre parametriicinematici ,3a 1 i 2 se poate face analiznd tipul de micare executat de
ctre fiecare corp:- (1) execut o micare de rotaie cu viteza unghiular 1 n jurul punctului O;
v- (2) execut o micare plan cu viteza C a centrului su de masi vitezaunghiular 2 , sau o micare relativ de rotaie cu 2 fa de axa din Ccareasigur micarea de transport;
(3) execut o micare de translaie rectilinie cu viteza Cvv =3 .Astfel, pot fi scrise relaiile:
BA vRv =31=
O
R MO
1
1 C
2
E
B
2
A
D
B
E
I
2R
R
R
D
A
2R3R
= 3
ED vRv == 1Pe de alt parte
=
IEv
IB
E
B
2
2
=v
( )IEIBvv EB += + 2
OR
3R
MO
1
2R
C
3
2
A
D
B
E
()
sauRRR 43 211 = +
de unde rezult
12 = .De asemenea, se observ c
RRRvvvv
vDAEB
C =
=
== 111
2
3
22
,
deciRvv C == 13 .
Prin urmare,
R
v 321 == .
OR
3R
MO
4Mg1
V
H
S1
S2
1
2R
C
NT
3
22Mg
S1
S2
2
A
D
B
E
a =a3 Derivnd n raport cu timpul rezult
R
a 321 == .
Cu acest rezultat i avnd n vedere c
NT = iar( )
2
2 2
2
RMJ C
= ,
din cele ase ecuaii scalare se obin:
ga = 73 2 ; gMS += 141161
; gS += 141322 .
Se consider sistemul de corpuri omogene din figur, alctuit dintr-un disc -corpul 1- -corpul 2-
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
19/42
p g g ,de razR i greutate G de care estearticulat o bar OA de greutate P.Discul se poate rostogoli fr alunecare
pe un plan nclinat cu unghiul fa deorizontal, coeficientul frecrii de
rostogolire fiind s, iar cel al frecrii dealunecare . Bara se sprijin cu captul
A pe planul nclinat, coeficientul frecriide alunecare fiind tot i nchideunghiul cu planul nclinat.
18
S se determine acceleraia centrului O al discului i reaciunile exterioare iinterioare ale sistemului.
------------------------------------------------Se aplicprincipiul lui dAlembert. n prealabil se izoleaz corpurile i se
introduc forele i momentele date i de legtur exterioare i interioaresistemului material. n continuare, se introduc elementele torsorului forelordeinerie n centrul de greutate al fiecrui corp tinnd seama de modul n care semic sistemul, dup care se stabilesc relaiile de legtur ntre parametriicinematici cu care se mic diversele elemente. n final, se scriu ecuaiilescalare de echilibru pentru fiecare element component al sistemului, din care sedetermin mrimile cerute n problem.
p p
=
=
=+
=+
AA
AA
A
jA
NT
lN
lT
lH
lV
NPV
RTPH
0cos2
sin2
sin2
cos2
0cos
0sin 1
=+=+
=
Br
BB
Brj
B
jB
NsM
NT
RTMM
NVG
0
0cos
0
2
2
, .
RTHG sin
B
A
R(,s)
()
1
2
O
P
G
C
Elementele torsorului forelor de inerie sunt:
ag
P, a
g
GR j =2 , == 2
2
2R
g
GJM Oj .1jR =
Legtura ntre parametrii cinematici se stabilete astfel:
R
v ,R
av
R===
&& .=
Rezult n final:
( )( )
PG
ctg
Rs
P
ctg
Rs
PR
sG
ga
+
+
+
+
+
=
23
2sin1cossincossin
;
G
P
V
H
H
V
N
T
A
A
NB
TB
M r
A
B
O
O
CMj2
Rj1
Rj2
a aC
a
a
R
( )
( )
ctg
PP
ag
P
V+
+
=2
cossin2sin
; ( )
cossin= PVa
g
PH
;VPNA = cos ; ( )VPTA = cos ; VGNB += cos ;
ag
GHsinGBT = ;
2V
2HlOR +=
Rostogolirea are loc fr alunecare dac :
BNBT
dFy
Fh
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
20/42
O plac triungiular omogen OAB de masM i catete de lungime l, se
poate roti n jurul catetei verticale cu vitezaunghiular constant . Placa este articulatcilindric n Oi simplu rezemat nB.
19
S se determine valoarea vitezei unghiularepentru care reaciunea din B se anuleaz. Seneglijeaz frecrile i rezistena aerului.------------------------------------------------------------
Se aplicprincipiul lui dAlembert. n prealabil
se izoleaz corpul i se introduc forele imomentele
date i delegtur ,
precum i forele de inerie. ce acioneazrigidul.
Pentru calculul forei de inerie se
consider un element de ariedxydS = aflat la distana x fa de axa de rotaie.Fora de inerie elementar,corespunztoare acestuia, va fi
xdSl
MxdSxdmdF Sj ===
2
2
22
2
,
xdxylMdFj = 222 .
Ecuaia drepteiAB n sistemul de referinOxy este xly = i astfel rezult
( ) dxxxll
MdFj
=2
22 .
Fora de inerie total se calculeaz ca rezultant a forelor de inerie elementare
( )==
l 22
jlM
dxxxl
l
MF
0 2 3
2 .
Pentru a determina distana h la care acioneaz fora de inerie total, seobserv ca forele de inerie elementare sunt paralele i au o rezultant unic,
prin urmare este valabil teorema Varignon conform creia
= jj dFFh2
,
de unde
( )
4
3
2
2
02
2
l
lM
dxxxll
M
h
l
=
=
.
AO
B
n continuare, se scriu ecuaiile scalare de echilibru din care se determinmrimea cerut n problem.
=
=+
=+
03
0
0
hFlNl
gM
gMV
FHN
j
j
.
Din a treia ecuaie se calculeazN
=gM
=43433
22 lg
MlMN
dFj
Mg
Fj
A
HC
h y
x dx
B
V
H
N
dS
O
iar din condiia ca N=0 rezult valoarea vitezei unghiulare pentru carereaciunea dinB se anuleaz:
l
g=2 .
Obs.Din celelalte dou ecuaii pot fi calculate componentele reaciunii din On funcie de viteza unghiular. Astfel rezult:
gMV = ;
343
22 +
=+= lMlgMFNH j
43
2 lM
gMH
+= .
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
21/42
Bara omogenOA de greutate P este articulat plan n O iar la captul Aeste prins cu un fir perfect flexibil i inextensibil
petrecut peste un scripete micB. La captul firului este
agat o greutate Q . Se cunosc lungimile OA=OB=ai lungimea firului l.
20
S se determine unghiul pentru poziia deechilibru.---------------------------------------------------------------
Se aplicprincipiul lucrului mecanic virtualn cazulechilibrului static
( ) == ii rFL =++ 0iiziiyiix zFyFxF .n situaia de fa
jQQ = ; jP=P ;jyixr QQQ += jyixr QQQ += ;
jyixr PPP += jyixr PPP += .nlocuind rezult
0== PQ yPyQL .Conform datelor problemei,
= 2sin2
alay Q
= 2cosay Q ;
cos21 = ayP
== 2cos2sinsin21
aayP .
Se obine astfel ecuaia
02sin2cos = QP cu soluiile:
02cos = =1 - echilibru instabil;
02sin = QP
P
Qarcsin22 = - cu condiia PQ .
Q
PO
A
B
Q
PO
A
B
yP
yQ
yP
yQ
a
coscossinsin1 +
++ lFlFlQl
G
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
22/42
21
1l 2lBarele omogene OAi OB de lungimi i
avnd greutile G i Q , articulate plan n OiA, sunt activate nAiB de forele orizontale de
modul constant 1F i 2F .S se determine unghiurile 1 i 2
corespunztoare configuraiei de echilibru asistemului.----------------------------------------------------------
Se aplicprincipiul lucrului mecanic virtualn cazul
echilibrului static
) == ii rFL =++ 0iiziiyiix zFyFxF .n situaia de fa
jGG = ; jQQ = ;iFF = 11 ; iFF = 22 ;
jyixr GGG += jyixr GGG += ;jyixr QQQ += jyixr QQQ += ;
jyixr FFF += 111 jyir FF += 11 xF 1 ;
jyixr FFF += 222 jyixr FFF += 222 .
nlocuind rezult0
21 21=+++= FFQG xFxFyQyGL .
Conform datelor problemei,
11 cos2
=l
y G 111 sin2
=l
y G ;
22
11 cos2cos +=
lly Q 22
2111 sin2
sin =l
ly Q ;
11 sin1 =lxF 111 cos1 =lxF ;
2211 sinsin2 += llxF 222111 coscos2 += llxF .
Se obine astfel ecuaia
0cossin2
coscossinsin2
222222
1112111111
=
++
+
++
lFl
Q
lFlFlQG
Q
G
C1
C2
A
B
F1
F2
1
2
O
1
2
Impunnd condiiile 01 i 02 = , respectiv 01 = i 02 , rezultsistemul
=+
=++
0cossin2
0coscossinsin2
22222
1121111111
lFl
Q
lFlFlQl
G
,
din care se gsesc valorile unghiurilor pentru poziia de echilibru:
QG
FF +tg
+=
2
211 ,
Q
F2tg
22 = .
Q
G
C1
C2
A
B
F1
F2
1
2
yQ
x
yG
x
O
F1
F2
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
23/42
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
24/42
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
25/42
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
26/42
de micare i determinm momentele i , spunem c rezolvm modeluldinamic invers
OM AM
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
27/42
dinamic invers.
S se stabileasc ecuaiile difereniale ale micriimanipulatorului RT din figur. Se neglijeaz maseleelementelor mecanismului, iar obiectul manipulat se
asimileaz cu un punct material de masm.
26
----------------------------------------------------------------
Se aplic ecuaiile Lagrange de spea II-a
kk
cQ
q
E
k
c
qdt
d =
&
E
Energia cinetic este dat de relaia
( )1 2222 zyxmEc
&&&
++==
==
1
12
12
lz
sqqy
+=
=
0112
112
z
cqqsqqy
sqqcqqx
&
&&&
&&&
.Conform figurii
= cqqx
=
21
21
q
q
( )[ ]222 q&+1221
qqmEc &== .
Derivatele energiei cinetice sunt:0
1
=
E
q
c ; 122
1
qqmq
E c&
&=
;
( )= +=
1
22122
1
2 qqqqqmq
E
dt
d c&&&&
&;
212
2
qqmq
Ec&=
; 2
2
qmq
Ec&
&=
; 2
2
qmq
E
dt
d c&&
&=
.
Forele generalizate motoare se calculeaz cu relaiile:
11
11
1
11 M
q
qML
qQ ===
;
22
22
2
22 F
q
qF
q
LQ =
==
.
Dup inlocuire n ecuaiile Lagrange de spea II-a rezult ecuaiile diferenialede micare:
( ) 11222122 Mqqqqqm =+ &&&& ; ( ) 22122 Fqqqm = &&& .
S se stabileasc ecuaiile difereniale ale micriimanipulatorului RTT din figur. Se neglijeaz maseleelementelor mecanismului, iar obiectul manipulat seasimileaz cu un punct material de masm.------------------------------------------------------------Se aplic ecuaiile Lagrange de spea II-a
kk
c
k
cQ
q
E
q
E
dt
d =
&
.
Energia cinetic estedat de relaia
( )222
2 zyxmEc&&&
++==
==
2
13
13
qz
sqqy
+==
2
3113
3113
qz
qqsqqy
qqcqqx
&&
&&&
&&&
1
mg
M1
F3
P
F2mg
M1
F2
1P
.Conform figurii
= cqqx
=
1
1
cq
sq
( )[ ]23222 qq && ++1321
qqmEc &== .
Derivatele energiei cinetice sunt:0
1
=
E
q
c ; 123
1
qqmq
E c&
&=
;
( )= +=
1
23133
1
2 qqqqqmq
E
dt
d c&&&&
&;
mg
M1
,q3 q3
F3
q1
q3
x,y,zP mq2
q2
F2
q2
y x
z
q1q1
mg
M1
,q2 q2
F2
q1
q2
x,y,zP m
y x
z
1
q1q1
02
=
q
Ec ; 22
qmq
Ec&
&=
; 2
2
qmq
E
dt
d c&&
&=
.
223
3
qqmq
Ec&=
; 3
3
qmq
Ec&
&=
; 3
3
qmq
E
dt
d c&&
&=
.
Forele generalizate motoare se calculeaz cu relaiile:
11
11
1
11 M
q
qML ; gmF
q
qgmqFL
qQ =
== 2
2
222
2
22
;
33
33
3
33 F
q
qF
q
LQ =
==
qQ ===
Dup inlocuire n ecuaiile Lagrange de spea II-a rezult ecuaiile diferenialede micare:
( ) ; gmFqm = 22&& ; ( ) 32133 Fqqq = &&&m .1123313 Mqqqq =+ &&&&2 qm
= 22 cos
2sin23 akaPaPa
g
p&&
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
28/42
Se d o bar cotitAOB, cu unghiul drept n O, articulat cilindric n acestpunct. Barele omogeneAOi OB au lungimile ai 2ai greutile P, respectiv
P2 . n captul A acioneaz, perpendicular pe bara
AO, un arc cu constanta elastic k. n poziia deechilibru static bara OB formeaz cu orizontalaunghiul .
27
S se determine ecuaia diferenial a miciloroscilaii i perioada acestora.-------------------------------------------------------------------------
Se reprezint bara ntr-o configuraie dat de unghiul fa de poziia deechilibru. Considernd cazul miciloroscilaii, unghiul o5 , situaie n care
sin iar cos 1 i arcul poate ficonsiderat c rmne perpendicular pe bara
AO. Se aplicteorema momentului cinetic nraport cu axa de rotaie:
zO MJ = && .
( ) ( ) aFa
PaPJ eO ++= sin2cos2&&
unde:
( ) 222
33
223
ag
Pa
g
Pa
g
PJ O =
+= ,
( ) sincossinsincoscoscos =+ ,( ) cossincossincossinsin ++=+ ,
+= akFF stee
.
Fora elastic din arc n condiii statice se determin scriind o ecuaie de
momente n raport cu punctul O:
st
eF
0sin = aF2
cos2 PaP stea ,
de unde
sin2
Pcos2 = PFste .
Dup nlocuire n expresia obinut n bazateoremei momentului cinetic, rezult:
g
0cos21sin2
3=
+
++
P
k
aa
g&& .
Introducnd notaia
++
=P
ak
a
gp cos
2
1sin2
3
2 ,O
A
B
k
ecuaia diferenial a micrii devine02 =+ p&& .
Soluia acesteia este de formaptCptC sincos 21 += .
Perioada micilor oscilaii este
++
==
Pak
agp
T
cos21sin2
3
22 .
2P
Fe
P
H
V
a
a/2 sin a cos(+) (+)
Fest
P
2P
H
V
a/2 sin a cos
O
Dup nlocuirea acestora i a momentului de inerie mecanic al discului (1)2Q R
J
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
29/42
28
Se d sistemul din figur care pornete din repaus sub aciunea greutilorproprii. Discul omogen (1), de razR i greutate Q , se rostogolete fr
alunecare pe planul orizontal, coeficientul frecrii de rostogolire fiinds. El estelegat printr-un fir perfect flexibil i inextensibil, nfurat pe discul de razralunui troliu (2) articulatcilindric n O i al cruimoment de inerie mecanic nraport cu axa de rotaie este J.Un alt fir, nfurat pe discul derazR al aceluiai troliu (2),are la capt corpul (3) degreutate
2
P care poate alunecape planul nclinat la unghiul , coeficientul frecrii de alunecare fiind .
S se determine acceleraia greutii Pi tensiunile din fire.-------------------------------------------------------------
Se utilizeazteorema de variaie a energiei cinetice sub form elementarext
C dLdE = .Pentru aceasta seevideniaz reaciunileexterioare ale sistemuluimaterial. Energia cinetictotal a sistemuluireprezint suma energiilorcinetice a corpurilor care l
compun: )3()2()1(cccc EEEE ++= .
Pentru fiecare din corpurile sistemului formula de calcul a energiei cinetice estefuncie de tipul de micare al acestuia. Rezult astfel
21
21
22
212
1111 QP222
+++= OC Jvg
Jvg
E .
Sistemul avnd un singur grad de libertate, parametrii cinematici vor fi
exprimai n funcie de viteza v a corpului (3):
R
v=2 ; R
rvrv == 21 ; 2
11
R
rv
R
v== .
21 gJ O = ,
se obine pentru energia cinetic total expresia
2
2
2
2 23
21
vR
r
g
Q
R
J
g
PEC
++= .
Rezultdvv
R
r
g
Q
R
J
g
PdEC
++=
2
2
2 23 .
R
r
J
()
R
(s)
O2
O1
23
1 Se calculeaz lucrul mecanic elementar
( ) ( ) dtvR
rQsdtvPPdtMdtvTPdL r == 21 cossinsin .
n continuare, conform teoremei de variaie a energiei cinetice, se gsete:
dtvR
rQsPPdvvR
rgQ 2
R
JgP
=
++222
cossin23 dt: ,
=
++
22
2
2cossin
23
R
rQsPP
dt
dv
R
r
g
Q
R
J
g
P ,
de unde
2
2
2
2
23
cossin
R
r
g
Q
R
J
g
P
R
rQsPP
dt
dva
++
==
.
Rr
N1
T1
M r
1
211
2
N
TH2
V2
S1S2
Q
G P2
O2O1
a
R
Pentru aflarea tensiuni se separ din sistem corpul (3) i se aplicteorema micrii centrului de mas
1S
RaM C = proiectat pe axax:
1sin STPag
P
= ,de unde rezult
ag
PPPS = cossin1 .
Pentru aflarea tensiuni se separ, n continuare, troliul (2) i se aplic
teorema momentului cinetic n raport cu punctul O 2S
2
22 OO MK =
&
,scalarizat pe axa de rotaie:
rSRSJ = 212 ,
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
30/42
cu care
aP
FSSH ==+= 21 iar GV= .rgvB =
.
b) Se va demonstra c, ntr-un punct oarecare C, valoarea reaciunii normale
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
31/42
g21
Rezult reaciunea din articulaia :1O22
1VHR l += .
Un punct material de mas m se poate deplasa fr frecare pe un plannclinat, racordat la un cerc de razr.
30
a)S se determine nlimea h,fa de punctul cel mai de
jos al cercului, de la caretrebuie lsat s alunece
punctul pentru a puteaajunge n punctulB, cel maisus al cercului;
b)S se arate c n acest cazpunctul rmne n permanan n contact cu cercul.
------------------------------------------------------a) Pentru ca punctul s nu se desprind de cerc trebuie ca reaciunea normal
n punctul B s fie cel puin nul. Se utilizeaz ecuaiafundamental a dinamicii
Ra =m care se proiecteaz pe normala principal a unui sistem de
coordonate intrinsec:
BNB
gmr
vm =
2
+
Pentru a determina viteza n B a punctului se utilizeazteorema de variaie a energiei cinetice sub form finit
ntre puncteleAiBBAcAcB LEE = ,
n care , punctul plecnd din repaus:0=cAE( )rhgmvm B = 22
1 2 .
nlocuind n ecuaia fundamental se obine2Bv
gmr
hgm 2NB = 5 ,
iar condiia conduce la0BN
rh 25 .
La egalitate se obine viteza n punctulB:
b) Se va demonstra c, ntr un punct oarecare C, valoarea reaciunii normalen funcie de unghiul este 0 , deci punctul rmne permanent n contact cucercul. Se utilizeaz aceeai ecuaie fundamental proiectat pe axele sistemului
de coordonate intrinsec:
r
O
B
mg
N
B
C
+=
=
Ngmr
vm
dgm
dt
m
cos
sin
2
dv
.
h
rA
O
B
Deoarece
r
v
dt
d==
,
rezult dgrdvv sin =
iar, prin integrare,
Cgrv += cos2
2.
Constanta de integrare se determin cunoscnd c la 0= viteza este
r
O
BB
mg
N
B
rgvv B == .
Rezult
grv
C B += 2
2
,iar
cos232 = rgrgv .Din a doua ecuaie scalar se obine
( ) 0cos13 = gmN .
22
2
2)3( 24
211
+
== lM
lM
JE
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
32/42
Se d sistemul de corpuri din figur, alctuit din barele omogene OAiAB,fiecare de lungime l i masM,
precum i discul (S) de raz
4lR = i mas 2M, care se
rostogolete fr alunecare pe unplan orizontal.
31
S se stabileasc ecuaiadiferenial de micare a sistemului.
------------------------------------------------Se utilizeazteorema de variaie a energiei cinetice sub forma
dt
dL
dt
c =dE
.
Energia cinetic total asistemului reprezint sunaenergiilor cinetice a corpurilorcare l compun:
)1(EE += )3()2( cccc EE + .Pentru fiecare din corpurilesistemului formula de calcul aenergiei cinetice este funcie detipul de micare al acestuia.
21
2lM21
)1(
321
21
== JE Oc ;
22
222
222
)2(
1221
21
2
+== CIM
lMJE Ic ;
unde
( ) 222
22222
2222 sin24
sincos14
2cos2
22
+=++=
+= llllllllCI
i rezult
+= 222)2( sin23
1
2
1lMEc ;
33)(
42
222 3
+== MJE Ic .
Vitezele unghiulare ale elementelor se determin pe baza analizeicinematice. Sistemul are un singur grad de libertate, deci configuraia lui poate
fi definit prin unghiul . Elementele (2) i (3) execut micare plan, centreleinstantanee de rotaie i I fiind indicate n figur. n consecin, pot fi
scrise relaiile:2I 3
O
(S)
R
B
A
AIOAvA 221 == == 21 ,BIlBIvB 3322 sin2 === sin83 = .
Rezult astfel222
sin143
2
2
1
+= lMEc ,iar
cossin14sin1432 3222 +
+= lMlM
dt
dEc& .
O
1
N
T
23C
1 C2B
A
I2
MgMg2Mg
B
A =2
=1
V
H
2 /2
3I3
Pentru determinarea lucrului mecanic elementar se reprezint forele date ide legtur. Se constat c, n lipsa frecrilor, lucru mecanic efectueaz numaigreutile celor dou bare:
jyixjgMjyixdjgMrdgMrdgMdL += ,CCCCCC ++= 221121
dgMl
dgMl
dgMdL =
= cossin
2sin
2,
coscos == gMgMdt
d
dt
dL .
Egalnd expresiile, conform teoremei de variaie a energiei cinetice, seobine ecuaia diferenial de micare a sistemului sub forma:
0cos2sin7sin1432 22 =++
+
lg&&& .
=
=TSaM
gMN
12
2
; rSrSJ O = 1211 ; ,
==
RSJ
SgMaM
C
C
2
222
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
33/42
Dou plci identice, avnd fiecare masa egal cu M, sunt legate ntre eleprintr-o articulaie cilindric ideal dup muchia ce trece prinA. Plcile se potdeplasa, pornind din repaus, pe un planorizontal avnd coeficientul frecrii dealunecare . De placa inferioar estelegat un fir paralel cu planul orizontal
care trece peste un scripete ideal,presupus ca disc omogen de mas2Mirazr. Firul este nfurat peste un disc
plin, omogen, de mas 2M i razR.Presupunnd c centrul discului sedeplaseaz pe direcia vertical, se cere s se determine:
32
a)Acceleraia unghiular a discului de raz R, acceleraia plcilor icondiia pe care trebuie s o ndeplineasc coeficientul de frecare
pentru ca plcile s se deplaseze;b)Tensiunile din fire;c)Valoarea raportului
bc pentru care placa superioar se rotete n jurul
articulaiei dinA.----------------------------------------------------------------------
a) Se izoleaz corpurile i se aplic teorema micrii centrului maselor
pentru plci, teorema momentului cinetic n raport cu axa de rotaie pentrudiscul de razri ambele teoreme pentru discul de razR, n raport cu centrulmaselor:
RaM C = ; 11 OO MK =&
.
plcidisc r discR
= NT C 2
unde:
22
2
1
rMJ O = ; 2
22R
MJ C = .
Se observ c sistemul are dou grade de libertate, parametrii cinematiciafereni fiind viteza v cu care se deplaseaz plcile i viteza unghiular adiscului de razR care execut micare plan. Prin urmare, pot fi scriserelaiile:
RvBCvv BC +=+= Raa C += ;
r
v=1 r
a=1 .
2R
R
C
O1
A MM
2M
r
B2M
()
2b
2c
Dup nlocuiri, din ecuaiile scalare aferente disculuiR rezultgRa =+ 232 ,
iar din celelalte patru rezultgRa = 23 .
mpreun formeaz sistemul care conduce la rezultatul cutat:
11
312
= ga ;
Rg
+=
112
23 .
Pentru ca plcile s se deplaseze, este necesar ca 0>a . Rezult astfel condiia
pe care trebuie s o ndeplineasc coeficientul de frecare
31
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
34/42
33
Se d un sistem de corpuri, legate ntre ele prin fire ideale, format din:- corpul (1) de greutate Q aflat pe un plan nclinat (coeficientul de frecarei unghiul de nclinare );- troliul (2) de greutate G5 cu axa fix orizontal, format din dou discuricoaxiale omogene, de aceeai grosime i razeR respectiv 2R;
- scripetele mobil (3) de raz RR 233 = i greutate G ;- corpul (4) suspendat prin fir, de greutate P.
Neglijnd restul frecrilor, s se determine:a)valoarea minim a greutii Q pentru care
aceasta coboar pe planul nclinat;b)legea de micare a greutii Q pe planul
nclinat, dac este ndeplinit condiia a) isistemul pornete din rapaus;
c) tensiunile dinamice din fire.-----------------------------------------------------------
a) Se va studia sistemul de corpuri n condiii statice(echilibru la limit):
cossin1 =QS Q
2GP
32 SS+==
2Rezult
( ) cossin4 +=
Q
GPQ .
b) Pentru determinarea acceleraiei corpului (1) se poate utiliza utilizeazteorema de variaie a energiei cinetice sub forma
dLdEc = .n acest scop se evideniaz forele date i reaciunile exterioare. Energiacinetic a ntregului sistem reprezint suma energiilor cinetice a corpurilor carel compun:
)4()3(cc EE +
)2()1(ccc EEE ++= ,
2R
R
2
O2
O33
R3
5G
P
G
H
V
4
T 2
33
4
Q
N1
a
xunde:
2)1(
21 v
g
QEc = ;
22
)2(22
1= Oc JE ;2R
()
R
21
O2
O33
P
R3
4
G
Q
5G233
OJ23
)3(
21
21 +=c v
g
GE ;
24
)4(
21
vg
PEc = .
n aceste expresii
( )2
22 R
g
G +2
242
R
g
GJ O = ;
( )2
23 2
3
R
g
GJ O = .
Vitezele unghiulare ale elementelor se determin pe baza analizei cinematice.Sistemul are un singur grad de libertate, deci parametri cinematici ai corpurilor(2), (3), (4) pot fi exprimai n funcie de viteza i acceleraia corpului (1):
Rv
22=
Ra
22= ;
2v
R=2vA = vvB; = ;
42vvv AB =
43 vv == 44
aa =3 a= ;
R
v
AB
vB
2=
+vA3 =
R
a
23= .
Cu aceste valori rezult energia cinetic total2
161639
21
vg
P
g
G
g
QEc
+
+=
S2
1
Q
S1N
T
O33
R3G
S2S3
P2R
2O2
RS3
S1
O3
3R3
3
3
IA B
B
A
dup care
dvvPGQ
dEc
++=
161639
.
RSRSJ O = 23
23
3233
+
++= GP
g
aPGS
25
822;
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
35/42
gggc
1616
Lucrul mecanic elementar este efectuat de ctre fora de frecare i de ctregreutile Q , G i P:
( ) ( ) dtvPGdtvQQdL +=4
cossin .
Rezult astfel, n baza teoremei
( ) dtdtvPGQQdvvg
P
g
G
g
Q:
4cossin
161639
+=
+
+
PGQ
PGQQ
dt
dva
++
+==
161
1639
2cossin
.
Urmeaz, prin integrare succesiv
1Ctav += ; 212
2CtC
tax ++= .
Constantele de integrare se determin cunoscnd c sistemul pleac din repaus,
deci la momentul 0=t considerm . Rezult astfel
==
00
xv 01 =C , 02 =C .
Legea de micare cutat este deci
2
2tax
= .
c) Pentru determinarea tensiunilor n fire se separ corpurile (1), (4) i (3),apoi se aplic teorema micrii centrului maselorprimelordou, respectiv teorema momentului cinetic n raport cu axade rotaie i teorema micrii centrului maselor celui de altreilea:
34
RaM C = ; 3O3O MK =&
.
1cossin SQQag
Q= a
g
QQQ=S cossin1 ;
PSagP = 4
+
g
aS 414 =P ;
4323 SGSSag
G +=
++=
2823G
Pg
aPGS .
P
4
S4 a 4
T
Q
N1
a
S1
O33
R3G
S3
S4
3
a3 S2
dt
dL
dt
dEc = .
Energia cinetic total a sistemului reprezint suna energiilor cinetice a
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
36/42
Mecanismul de ridicat din figur este format din patru scripei omogeniidentici, fiecare avnd greutatea G i raza R, montai ntr-un plan vertical.Sarcina de greutate GQ 13= este legat de mijlocul barei orizontale AB degreutate neglijabil,articulat la capete de axelescripeilor mobili i care
poate executa numaimicare de translaie pedirecia vertical. Firele seconsider ideale i
poriunile lor dintre scripeisuny verticale. Mecanismuleste antrenat printr-un
cuplu exterior, aplicatscripetelui fix cu centrul n, avnd momentul
constant RGM1O
= 2/9 .1
35
Neglijnd frecrile itiind c sistemul pornetedin repaus, s se determine:
a)Legea micriigreutii Q ;
b)Tensiunile din fireleaferente discului (2) cucentrul nA.
----------------------------------------------------------------------
-a) Se utilizeaz teorema
de variaie a energiei
cinetice sub forma
Energia cinetic total a sistemului reprezint suna energiilor cinetice acorpurilor care l compun:
( )=
=5
1i
icc EE
unde: 21
)1(12
1= Oc JE
( ) 22
22
21
21
+= Ac Jvg
GE ;
( ) 23
322
1= Oc JE ;
( ) 24
24
21
21
+= Bc JvE
1
2
3
4
A B
M1
O1 O2
QR
R
R R
G
G
G
G1
2
3
45
( ) 25
2
1v
g
QEc = ;
n aceste expresii
2
2
21
R
g
GJJJJ BOAO ==== ,
iar parametrii cinematici se exprim n funcie de viteza v a bareiAB, sistemulavnd un singur grad de libertate. Scripeii mobili execut micri plane. Dinanaliza cinematic rezult c punctele firelor (4), (3), (2) i (1) au respectivvitezele 0, 2v, 2vi 4v. Vitezele unghiulare ale scripeilor se determin pornindde la dreapta spre stnga:
R
v=4 ;R
v= 23 ;R
v
R
vv =
+= 32
242 ;
R
v= 41 .
Dup nlocuiri se obine
23021
vg
GEc
= avg
G
dt
dEc = 30 .
Lucrul mecanic elementar este
( ) dtvRGR
vRGdtvQGdtMdL
=+= 154
29211 ; vG
dtdL =3 .
Conform teoremei,
vGavg
G = 330
de unde
10
ga= .
Urmeaz, prin integrare succesiv
110
Ctg
+=v 212
210CtC
tgy ++= .
1
2
3
44
2
2
2
I4
4
2
A BI2
2
1 3
M1
O1 O2
a
Q
G G
GG
H2
V2
H1
V1
S4
y
Constantele de integrare se determin cunoscnd c sistemul pleac din repaus,
deci la momentul 0=t considerm . Rezult astfel
==
00
yv 01 =C , 02 =C .
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
37/42
0y
Legea de micare a greutii Q este deci
20
2tgy
= .
b) Pentru aflarea tensiunilor din firele (1) i (2) se separ corpurile (1), (2) i(5), apoi se aplic teorema micrii centrului maselorbarei AB i scripeteluimobil (2), respectiv teorema momentului cinetic n raport cu axa de rotaiescripetelui fix(1):
RaM C = ; 11 OO MK =&
.
M
36
RSJO = 1111
undeR
a
==
411 & ;
AVGSSa
g
G += 21 ;
QVVag
QBA +=
unde din motive de simetrie.BA VV =
Din aceste relaii se obin succesiv:
GVV BA == 20143 ;
GS =80359
1 ; GS = 80285
2 .
A BQ
aHB
VB
HA
VA
M1
1
O1
G
H1
V1
S1
A
G
VA
HA
S1 S2a
1
25
11 a
g
QFj = ; 22 a
g
PFj = ; = Oj JM ,
iar
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
38/42
37
Se consider sistemul din figur la care se cunosc
greutile Pi Q , greutatea G a troliului, razele celor doiscripeiRi ri momentul de inerie mecanic axial al
troliului.oJ
S se determine acceleraia unghiular a troliului,tensiunile n cablurile de suspendare i reaciunile axuluitransversal.-----------------------------------------------------------------------
Se aplic principiul lui dAlembert. n prealabil seizoleaz corpurile i se introducforele i momentele date i delegtur exterioare i interioaresistemului material. n continuare se marcheaz forelei momentele de inerie, tinnd seama de modul n carese mic sistemul, dup care se stabilesc relaiile delegtur ntre parametrii cinematici cu care se mic
diversele elemente. n final, se scriu ecuaiile scalarede echilibru pentru fiecare element component alsistemului, din care se determin mrimile cerute:
=0H
+
0
0
0
0
22
11
21
21
j
j
j
FPS
FQS
MRSrS
GSSV
=
=
=+=
,
unde:
iarra =1 , Ra =2 .
Din ecuaia a treia, dup nlocuire, rezult:( )
OJgrQRP
rQ
++
RPg =
22 .
Cu ajutorul ultimelor dou ecuaii se obin tensiunile din fire, iar din primeledou rezult componentele reaciunii din articulaia O:
+= r
gQS
11 ;
= R
gPS
12 ; 0=H ; ( )RPrQg
GPQV +++= .
Obs.1Pentru determinarea acceleraiei unghiulare a troliului se poate aplicai teorema momentului cineticn raport cu axa de rotaiepentru ntregul sistem
O
R
r
J
P
Q
ZZ MK =& .
OR
G
Q P
r
J
1
2
Momentul cinetic n raport cu axa din O este:
OJRvg
=z rvg
K 21PQ .
Prin derivare n raport cu timpul rezult:
OJRag
=z rag
K 21&
ra
PQ
unde=1 ai R=2 .
OR
G
Fj2
Fj1
Q P
r
a1
a2
Mj
J
H
V
S1
S1
S2
S2
Momentul rezultant al forelordate n raport cu acelaipol O este:
PrQMz R = .nlocuind n relaia ce exprim teorema momentului cinetic se obine
RPrQJRg
Pr
g O=
22
Q,
OR
G
QP
r
a1
a2
J
H
V
S1
S1
S2
S2
de unde rezult
( )
OJg
rQ
+RPrQ
RPg
+
=
2
2
n continuare, pentru a rspunde celorlalte ntrebriale problemei, este necesar s desfacem legturileastfel ca forele date i de de legtur exterioare i
interioare ale sistemului s fie evideniate. Se aplicapoi teorema micrii centrului maselorpentru celetrei corpuri i teorema momentului cinetic n raport
cu axa de rotaiepentru troliu:
OO MK =&
; RaM = ;
=0 H
Egalnd expresiile conform teoremei de variaie a energiei cinetice i avnd nvedere c
=d iar =d
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
39/42
=
=
==
=
22
11
12
2100
SPag
P
QSa
g
Q
rSRSJ
GSSV
H
O
.
Se observ c s-a ajuns astfel la aceleai ecuaii scalare din sistemul de ecuaiidAlembert, scrise sub alt form.
Obs.2Aceeai acceleraie unghiular a troliului poate fi aflat dac se aplicteorema de variaie a energiei cinetice sub forma
38
dt
dL
dt
dEc
= .Dup introducerea forelordatei de legtur exterioare se calculeaz energiacinetic total a sistemului:
)3()2(cc E+
)1(cc EEE += .
22
21
2
21
21
vg
Pv
g
Q++
21
JE Oc = .
Deoarece sistemul are un singur grad de libertate i seurmrete determinarea acceleraiei unghiulare atroliului, se vor exprima vitezele greutilor n funciede viteza unghiular :
rv =1 ; Rv =2 .Rezult
2
++ R
g
Pr
g
Q
21
= JE Oc ,
dt
dR
g
Pr
g
Q
+J
dt
dEO
c
+= .
Lucru mecanic efectueaz cele dou greutihQhPL = 12
unde=rh1 ; =Rh2
i rezult
( )
dt
iar dt
,
rezult( )
OJgRPrQ
rQRPg
++
=
22 .
Pentru a determina forele de legtur, corpurile trebuie izolate pentru caaceste fore s fie evideniate i se pot utiliza apoi teorema micrii centruluimaselorpentru cele trei corpuri, respectiv teorema momentului cinetic n raportcu axa de rotaiepentru troliu.
Obs.3 Se poate utiliza, de asemenea, principiul lucrului mecanic elementarvirtualpentru determinarea acceleraiei unghiulare a troliului
) 0=+= rFRL j .Dup introducerea forlordatei de inerie ce acioneaz sistemul, se imprimacestuia o deplasare elementar virtual , compatibil cu legturile acestuiai se calculeaz lucrul mecanic elementar virtual corespunztor tuturor foreloractive i de inerie i deplasrilor elementare virtuale, care se egaleaz cu zero:
0=
O
h
R
G
Q
P
r
1
h2
J
1
2
H
V
= rQRPL iar ( )dt
drQRP
dt
dL = .
222111 += hFhPMhFhQL ,jjj
unde
11 ag
Q
Fj = ; 22 agP
j =F ; = 0JMj ,iar
rh = 1 ; Rh = 2 ; ra =1 ; R=a 2 .Rezult, dup nlocuire
( )
OJgRPrQ
rQRP
++
g =
22 .
Pentru calculul unei anumite reaciuni estenecesar s se suprime legtura respectiv i s seintroduc reaciunea, dup care se imprim
sistemului o deplasare elementar virtual, evident compatibil cu legturilermase. Aplicnd principiul lucrului mecanic virtual se obine o relaie ceconine ca necunoscut tocmai reaciunea cutat.
O
h
R
G
Fj2
Fj1
Q
P
r
a1
a2
Mj
1
h2
J
Identificnd coeficienii versorilor din cei doi membri ai ecuaiei fundamentalei avnd n vedere c
lv = lv =&& ,
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
40/42
39
Sarcina punctiformM de mas m, aflat n crligul unui pod rulant estelegat de cruciorul podului printr-un cablu ideal de lungime l. tiind c lamomentul iniial sarcina se afl n rapaus iar cablul este vertical i c deplasareacruciorului are loc cu acceleraia constant a , s se determine:0
a)viteza unghiular a sarcinii n funcie deunghiul de deviere al cablului fa de vertical
precum i valoarea maxim a acesteia;b)valoarea maxim a unghiului de deviere;c) tensiunea din cablu n funcie de unghiul i
valoarea maxim a acesteia.-------------------------------------------------------------------
a) Se utilizeazecuaia fundamental a dinamicii micrii relative
jcjtr FFRam ++= .
Micarea cruciorului, care este o micare rectilinie, reprezint micarea detransport. n aceast situaie acceleraia Coriolis este nuli rezult0=Fjc .
Se adopt sistemul de referin intrinsec n care seexprim analitic ceilali vectori din ecuaiafundamental:
+=l
vva r
2& ;
( ) + cossin gmSgm=+= SgmR ; sincos 00 amam
se obin ecuaiile scalare:
=
+=
sincos
cossin
02
0
amgmSlm
damgmdt
dlm
.
Prima ecuaie, dup nmulirea cu d i innd seama c =dt
d,conduce la
( ) ( ) dagl
dd +== cossin121
02 .
Prin integrare rezult
( ) Cagl
++= sincos2 02 .
Constanta de integrare se determin cunoscnd c la momentul sistemul
este n repaus iar cablul este vertical, deci = 0
. Rezult astfel
0=t
=0 l
giC = 2
( )gagl
+= sincos2 0 .
a0
m,t(M )
Valoarea maxim a vitezei unghiulare rezult din condiia
0=dtd
0cossin 0 =+ ag ga 0
tan = .
Exprimnd
220
0
2tan1
tansin
ga
a
+=
+=
;
220
2tan1
1cosga
g
+=
+=
,
rezult
+= ggal
220max
2 .
b) Valoarea maxim a unghiului de deviere se atinge atunci cnd0= 0sincos 0 =+ gag
mgFjt
S
M
a =at 0 sau, nlocuindsini cos n funcie de tan se gsete expresia
20 tan1tan +=+ gag .
Prin ridicare la patrat se obine
== amF tjt .
( ) 0tan2tan 2020 =+ aggade unde rezult valoarea maxim a unghiului de deviere:
0- pentru tan = 01 = corespunztor poziiei de repaus;
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
41/42
03 =C ; ,04 lC =cu care
20
20
1tlplx += ; tlpx = 0
2&
; 220422 4 tlpgmN += .
-
7/30/2019 Probleme Mecanica 2 Itul
42/42
00 2p ; tlpx 0 ; 0pg .
c) Pentru cazul p> ecuaia diferenial este
( ) 0222 lpxpx = &&
i se introduce notaia 22 pc = . Rezult n continuare:
02
2
65 lp
tshCtchCx
c
cc
+= ; tchCtshCx cccc += 65& .
Constantele de integrare sunt:
02
2
2
2
05 1 lp
lC
cc
=
+= ; 06 =C ,
cu care se obin:
02
2
02
2
lp
tchlx
c
c
c
= ; tshlx cc
= 02
& ; tshlgmN cc
+= 2202
42 4 .
2) Din expresia deplasrii x a cursorului pentru cazul a), se observ caceasta este maxim pentru 1cos = t , situaie n carea
022
22
02
2
020
2
max
lp
pl
pllxx
a
+=
+
===
.
Rezultllpllp =+ 220
20
2 ( ) ( )02
02 llllp += ;
0
0
ll
llp
+
= .
3) Condiia de repaus relativ este
0=+ jtFR care, scalarizat pe axax conduce la
( ) 020 =+ xmlxk .Rezult
022
2
lp
px ech
=
.
Pentru ca aceast poziie s existe, trebuie ca , adic0>ech
x >p .
41